熱點17　力學綜合題(三大觀點的應用)
(建議用時：20分鐘)
1．如圖甲所示，質量M＝1.0 kg的長木板A靜止在光滑水平面上，在木板的左端放置一個質量m＝1.0 kg的小鐵塊B，鐵塊與木板間的動摩擦因數μ＝0.2，對鐵塊施加水平向右的拉力F，F大小隨時間變化如圖乙所示，4 s時撤去拉力．可認為A、B間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取重力加速度g＝10 m/s2.求：

(1)0～1 s內，A、B的加速度大小aA、aB；
(2)B相對A滑行的最大距離x；
(3)0～4 s內，拉力做的功W；
(4)0～4 s內系統產生的摩擦熱Q.

2．(2019•青島三診)如圖所示，半徑R＝2.0 m的光滑圓弧軌道固定在光滑的水平地面上，其末端水平．平板小車上固定一木塊，緊靠在軌道的末端，木塊上表面水平粗糙，且與圓弧軌道末端等高．木塊的厚度h＝0.45 m，木塊最右端到小車最右端的水平距離x＝0.45 m，小車連同木塊總質量M＝2 kg.現使一個質量m＝0.5 kg的小球從圓弧軌道上由靜止釋放，釋放小球的位置和圓弧軌道的圓心之間的連線與豎直方向的夾角為53°，小球從木塊右端飛出后恰好擊中小車的最右端．(g＝10 m/s2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)求：

(1)小球到達圓弧軌道最低點時對軌道的壓力大小；
(2)小球離開木塊最右端時，小球的速度大小；
(3)小球運動到木塊最右端過程中，系統產生的內能．

3.

(2019•濟寧段考)如圖所示，在水平軌道上方O處，用長為L＝1 m的細線懸掛一質量為m＝0.1 kg 的滑塊B，B恰好與水平軌道相切，并可繞O點在豎直平面內擺動．水平軌道的右側有一質量為M＝0.3 kg 的滑塊C與輕質彈簧的一端相連，彈簧的另一端固定在豎直墻D上，彈簧處于原長時，滑塊C靜止在P點處．一質量也為m＝0.1 kg的子彈以初速度v0＝152 m/s 射穿滑塊B后(滑塊B質量不變)射中滑塊C并留在其中，一起壓縮彈簧，彈簧最大壓縮量為x＝0.2 m．滑塊B做圓周運動，恰好能保證繩子不松弛．滑塊C與PD段的動摩擦因數為μ＝0.5，A、B、C均可視為質點，重力加速度為g＝10 m/s2，結果保留兩位有效數字．求：
(1)子彈A和滑塊B作用過程中損失的能量；
(2)彈簧的最大彈性勢能．

板塊三　計算題熱點巧練
熱點17　力學綜合題(三大觀點的應用)
1．解析：(1)在0～1 s內，A、B兩物體分別做勻加速直線運動
根據牛頓第二定律得μmg＝MaA
F1－μmg＝maB
代入數據得aA＝2 m/s2，aB＝4 m/s2.
(2)t1＝1 s后，拉力F2＝μmg，鐵塊B做勻速運動，速度大小為v1；木板A仍做勻加速運動，又經過時間t2，速度與鐵塊B相等．
v1＝aBt1
又v1＝aA(t1＋t2)
解得t2＝1 s
設A、B速度相等后一起做勻加速運動，運動時間t3＝2 s，加速度為a
F2＝(M＋m)a
a＝1 m/s2
木板A受到的靜摩擦力f＝Ma<μmg，A、B一起運動，B相對A滑行的最大距離
x＝12aBt21＋v1t2－12aA(t1＋t2)2
代入數據得x＝2 m.
(3)0～1 s內拉力做的功W1＝F1x1＝F1•12aBt21＝12 J
1～2 s內拉力做的功W2＝F2x2＝F2v1t2＝8 J
2～4 s內拉力做的功
W3＝F2x3＝F2v1t3＋12at23＝20 J
0～4 s內拉力做的功W＝W1＋W2＋W3＝40 J.
(4)系統的摩擦熱Q只發生在鐵塊與木板相對滑動階段，此過程中系統產生的摩擦熱
Q＝μmgx＝4 J.
答案：(1)2 m/s2　4 m/s2　(2)2 m　(3)40 J
(4)4 J
2．解析：(1)設小球到達軌道末端的速度為v0，由機械能守恒定律
mgR(1－cos 53°)＝12mv20
解得v0＝4 m/s
小球在軌道最低點F－mg＝mv20R
解得F＝9 N
由牛頓第三定律知小球對軌道的壓力
F′＝F＝9 N.
(2)設小球運動到木塊最右端的速度為v1，此時小車的速度為v2，
由動量守恒定律得mv0＝mv1＋Mv2
小球離開木塊最右端后做平拋運動，運動時間為t
h＝12gt2
解得t＝0.3 s
小球恰好擊中小車的最右端v1t－v2t＝x
以上各式聯立解得v1＝2 m/s，v2＝0.5 m/s
所以小球到達木塊最右端的速度大小為2 m/s.
(3)由能量守恒定律得
mgR(1－cos 53°)＝12mv21＋12Mv22＋Q
解得Q＝2.75 J.
答案：(1)9 N　(2)2 m/s　(3)2.75 J
3．解析：(1)①若滑塊B恰好能夠做完整的圓周運動，則在圓周運動最高點有mg＝mv21L
解得v1＝gL＝10 m/s
滑塊B從最低點到最高點過程中，由機械能守恒定律得mg•2L＋12mv21＝12mv2B
解得vB＝5gL＝52 m/s
子彈A和滑塊B作用過程，由動量守恒定律得mv0＝mvA＋mvB，
解得vA＝102 m/s
子彈A和滑塊B作用過程中損失的能量
ΔE＝12mv20－12mv2A－12mv2B＝10 J.
②若滑塊B恰好能夠運動到與O等高處，則到達與O等高處時的速度為零，滑塊B從最低點到與O等高處的過程，由機械能守恒定律得mg•L＝12mv′2B
v′B＝2gL＝25 m/s
子彈A和滑塊B作用過程，由動量守恒定律得mv0＝mv′A＋mv′B，
解得v′A＝(152－25) m/s
子彈A和滑塊B作用過程中損失的能量
ΔE＝12mv20－12mv′2A－12mv′2B≈7.5 J.
(2)①若滑塊B恰好能夠做完整的圓周運動，設A與C作用后瞬間的共同速度為v，由動量守恒定律有
mvA＝(M＋m)v
A、C一起壓縮彈簧，由能量守恒定律有
12(M＋m)v2＝Ep＋μ(M＋m)gx，
解得Ep＝2.1 J.
②若滑塊B恰好能夠運動到與O等高處，設A與C作用后瞬間的共同速度為v′，由動量守恒定律得
mv′A＝(M＋m)v′
A、C一起壓縮彈簧，由能量守恒定律有
12(M＋m)v′2＝Ep＋μ(M＋m)gx，
解得E′p≈3.1 J.
答案：見解析

久久天天躁狠狠躁夜夜躁,国产精品入口福利,97久久精品人人爽人人爽蜜臀 ,中文字幕国产精品一区二区

當前位置首頁 > 高中物理 > 綜合與其它

熱點17　力學綜合題(三大觀點的應用)

發表評論

久久天天躁狠狠躁夜夜躁,国产精品入口福利,97久久精品人人爽人人爽蜜臀 ,中文字幕国产精品一区二区

當前位置首頁 > 高中物理 > 綜合與其它

熱點17 力學綜合題(三大觀點的應用)

發表評論

熱點17　力學綜合題(三大觀點的應用)